|
|||
Разбор задач к первому коллоквиуму 1 семестраРазбор задач к первому коллоквиуму 1 семестра Билет № 21 (дополнительный)
Задание повышенной сложности на оценку 5++ (после ответа по билетам).
В систему объемом 40 л ввели 4 моль красного фосфора (Р) и 5,5 моль хлора (Cl2). Систему нагрели до 214 °С. В ней установилось равновесие
P4 + 6Cl2 = 4PCl3 (все вещества – газы),
а равновесное давление газа составило 5 атм. Найти равновесные количества всех молекулярных форм в системе (P4, Cl2, PCl3) и константу равновесия KP при данной температуре.
Решение Обозначим за x¢, y¢ и z¢ давления паров P4, Cl2 и PCl3 соответственно. За x, y и z обозначим числа молей P4, Cl2 и PCl3 соответственно. Тогда по закону Дальтона получаем x¢ + y¢ + z¢ = P, (1) где P – общее давление в системе. Запишем закон сохранения по фосфору. Этот закон показывает, что число атомов фосфора до и после реакции остается неизменным. Для этого закона получаем 4x + 0y + z = B или 4x + z = B (2) где B – число молей фосфора в расчете на атомы. (У нас B = 4 мол.). Аналогично для закона сохранения по (атомам) хлора. Имеем: 0x + 2y + 3z = C, где С – число молей атомов хлора. Последних вдвое больше, чем исходных молекул хлора (У нас С = 5,5×2 = 11 мол.) Итак 2y + 3z = C (3) Если бы уравнение (1) содержало числа молей, а не давления, то мы бы получили систему из трех уравнений с тремя неизвестными. Однако от парциальных давлений к числам молей легко перейти, если уравнение (1) умножит на величину (V/RT). Тогда, согласно закону идеального газа получаем x + y + z = PV/RT, (1¢) где P – общее давление в системе. Обозначая для краткости записи PV/RT = A, получаем систему из трех уравнений с тремя неизестными x, y и z. В нашем случае A = 5×101325×40×0,001/(8,314×(273+214)) » 5 (4) Или в нашем случае (5) Решение системы дает: x = n(P4) = ½ мол.; y = n(Cl2) = 2,5 мол.; z = n(PCl3) = 2 мол. Соответствующие величины парциальных давлений вычислим, также исходя из уравнения идеального газа: pi = niRT/V или p(P4) = ½×8,314×(273+214)/0,04 » 50000 Па » 0,5 атм; p(Cl2) = 2,5 атм; p(PCl3) = 2 атм. .
Билет №12 2. Известно, что при стандартном давлении и любых температурах a-карбин 3Скарбин + 2O3газ = 3CO2газ сопровождается большим выделением теплоты (в расчете на одно и то же количество газообразного СО2), чем реакция между графитом и кислородом в тех же условиях. Принять, что энтропии графита и карбина одинаковы. Решение Запишем цикл согласно закону Гесса. DrH1 Скарбин + 2/3O3газ CO2газ
DrH3 (< 0) DrH2 DrH4 (< 0) Сграфит (+2/3O3) 2/3O3газ O2газ (+Сграфит)
Исходя из полученного цикла получаем: DrH1 = DrH2 + DrH3 + DrH4. Т.к. DrH3 и DrH4 < 0, то DrH1 имеет более отрицательное значение, чем DrH2. Это значит, что в одинаковых условиях тепловыделение Q1 > Q2. Что и требовалось доказать. Теперь докажем строго, что DrH3 действительно < 0. DrG3 < 0. Это по условию задачи (раз процесс самопроизвольный в закрытой системе). DrG3 = DfGграфит – DfGкарбин = DfHграфит – T×Sграфит – DfHкарбин + T×Sкарбин Отсюда DrG3 < 0 возможно только при DfHграфит – DfHкарбин < 0. Но DfHграфит – DfHкарбин = DrH3.
Билет № 18
1. Гомогенные и гетерогенные равновесия.
2. Рассчитайте тепловой эффект образования гексагидрата нитрата магния Mg(NO3)2×6H2O, если известны следующие данные: Mg(мет.) + 2H+(p-p) = Mg2+(p-p) + H2; DH1 = –465,8 кДж/моль; H2 +N2 + 3O2 = 2H+(p-p) + NO3–(p-p) DH2 = –409,4 кДж/моль; Mg(NO3)2×6H2O = Mg2+(p-p) + NO3–(p-p) + 6H2O(ж.) DH3 = +21,3 кДж/моль; H2 + ½O2 = H2O(ж.) DH4 = –285,8 кДж/моль. Если агрегатное состояние вещества не указано, считать его газом. Решение Запишем цикл согласно закону Гесса. DrH0 Mg + N2 + 3O2 + 6(H2+½O2) Mg(NO3)2×6H2O
DrH1 + 2H+(p-p)
Mg2+(p-p) + H2 {+ N2 + 3O2 + 6(H2+½O2)}
DrH2 H2 +N2 + 3O2 = 2H+(p-p) + NO3–(p-p) (+ Mg2+)
2H+(p-p) + NO3–(p-p) (+ Mg2+) {+ N2 + 3O2 + 6(H2+½O2)}
6×DrH4 6(H2 + ½O2) = 6H2O(ж.) {2H+(p-p) + NO3–(p-p) + Mg2+)}
6H2O(ж.) {2H+(p-p) + NO3–(p-p) + Mg2+)}
–DrH3 Mg2+(p-p) + NO3–(p-p) + 6H2O(ж.) {2H+(p-p)}
Mg(NO3)2×6H2O {+2H+} Итого: DrH0 = DrH1 + DrH2 +6DrH4 – DrH3
|
|||
|