|
|||||
Примеры оформления решения заданий письменного экзамена по математике (профильный уровень)Примеры оформления решения заданий письменного экзамена по математике (профильный уровень) Задание №1 Вариант 81 №1 Решение. На всей области определения убывает функция . Ответ: в.
Вариант 87 №1 Решение. Из перечисленных функций степенной является функция . Ответ: в.
Вариант 95 №1 Решение. Уравнения, не имеющие корней: . Ответ: в, г.
Вариант 103 №1 Решение. . Ответ: г.
Вариант 109 №1 Решение. Графической иллюстрацией системы уравнений является рисунок в. Ответ: в.
Задание №2 Вариант 84 №2 Решение. При вращении прямоугольника около одной из сторон получается цилиндр. Ответ: а. Вариант 90 №2 Решение. Из перечисленных утверждений верным является утверждение: треугольник DA1C – прямоугольный с гипотенузой СA1. Ответ: г.
Вариант 100 №2 Решение. Площадь боковой поверхности конуса равна площади сектора. (см2). Ответ: г. Вариант 104 №2 Решение. Так как диаметр шара равен 18 см, то радиус шара равен 9 см. Если плоскость удалена от центра шара на расстояние, равное 8 см, то верно утверждение: плоскость пересекает шар. Ответ: в.
Вариант 110 №2 Решение. Осевое сечение конуса – равнобедренный треугольник, боковые стороны которого равны образующим, а основание – диаметру конуса. По неравенству треугольника получаем, что стороны равны 14,14 и 7 см. Тогда радиус основания конуса равен 3,5 см. Ответ: в.
Задание №3
Вариант 76 №3 Решение. ; . Так как , то функция возрастает и неравенство равносильно системе неравенств . : .
Вариант 87 №3 Решение. ; . Так как , то функция возрастает и неравенство равносильно неравенству ; . : .
Вариант 101 №3 Решение. . Ответ: 9. Вариант 107 №3 Решение. и ; ; . Так как , то и . : .
Вариант 122 №3 Решение. ; ; ; ; ; ; . Ответ: .
Вариант 94 №3 Решение. ; Найдем . . Найдем . . Ответ: .
Задание №4
Вариант 81 №4 Решение. . Ответ: -0,5.
Вариант 95 №4 Решение. ; ; ; . Так как , то . Тогда ; ; . Наибольшее целое решение неравенства – число 1. Ответ: 1. Вариант 97 №4 Решение. ; . Так как степени с одинаковым основанием равны, то равны и их показатели, т.е. ; ; ; или . Ответ: -1 ; 1.
Вариант 119 №4 Решение. . Так как , то и . Значит, . Ответ: .
Вариант 127 №4 Решение. Функция возрастает на множестве R. Значит, большему значению аргумента соответствует большее значение функции. Сравним значения выражений и . ; . Так как , то . Из определения возрастающей функции следует, что . Ответ: . Задание №5 Вариант 118 №5 Решение. , . Найдем абсциссу точки касания, составим и решим уравнение. ; ; ; . ; ; 0; . Уравнение касательной имеет вид . Ответ: .
Вариант 122 №5 Решение. , , ; . Получаем ; . Тогда . Ответ: .
Вариант 130 №5 Решение. . Неравенство равносильно системе неравенств
. Ответ: .
Вариант 132 №5 Решение. ; ; ; ; ; Пусть , тогда уравнение принимает вид ; ; ; . или ; нет корней, так как ; . Ответ: .
Вариант 138 №5 Решение. . Для нахождения области определения функции составим и решим систему неравенств
; значит, . Ответ: .
Задание №6 Вариант 76 №6
Решение. 1) Треугольники АВС и ВDС равнобедренные с общим основанием ВС, а так как и , то угол АНD является линейным углом двугранного угла DВСА, который равен углу между плоскостями АВС и ВDС. Значит, ∠ . 2) Рассмотрим треугольник . По теореме косинусов , тогда ; . Так как , то . Значит, угол между плоскостями АВС и ВDС равен . Ответ: .
Вариант 88 №6 Решение. 1) Пусть SО – высота пирамиды SABCD. Так как все боковые грани пирамиды равнонаклонены к плоскости основания, то основание высоты пирамиды точка О – центр окружности, вписанной в основание пирамиды. ABCD – ромб, О – точка пересечения диагоналей ромба. 2) Проведем ОН , соединим точки S и Н. SО – перпендикуляр к плоскости АВС, SН – наклонная на плоскость АВС, ОН- проекция наклонной SН на плоскость АВС, ВС – прямая в плоскости АВС. Так как ОН (по построению), то SН по теореме о трех перпендикулярах. Тогда – линейный угол двугранного угла SВСО, т.е. . 3) Пусть сторона ромба равна см, а высота ромба - см. Тогда или . ; . По свойству ромба (см), тогда (см). 4) Рассмотрим треугольник : ∠ , , тогда и (см). Так как все боковые грани пирамиды равнонаклонены к плоскости основания, высоты боковых граней, проведенные к сторонам основания равны. SН – высота боковой грани пирамиды. Тогда площадь боковой поверхности можно найти по формуле . (см2). Ответ: см2.
Вариант 92 №6
Решение. 1) В результате вращения равнобедренного прямоугольного треугольника АВС вокруг гипотенузы АВ получим тело вращения, состоящее из двух равных конусов с общим основанием, радиус которых равен высоте треугольника, проведенной к гипотенузе АВ, а высота конусов равна половине гипотенузы. 2) Пусть – высота, – радиус каждого конуса, = , . (см); Рассмотрим треугольник ВОС, ∠ , , тогда значит, треугольник ВОС прямоугольный и равнобедренный, . Тогда см. 3) Найдем объем полученного тела вращения. (см2). Ответ: см2.
Вариант 102 №6 Решение. 1) Так как градусная мера дуги равна градусной мере соответствующего центрального угла, то . Рассмотрим треугольник : (как радиусы основания цилиндра), значит, он прямоугольный и равнобедренный. По теореме Пифагора ; ; см. 2) Сечение цилиндра, параллельное оси – прямоугольник ABCD, AB – образующая цилиндра, AB= . Рассмотрим треугольник ABD : , BD= см (по условию), см. По теореме Пифагора , откуда ; см. 3) , см, тогда (см2). Ответ: см2. Вариант 104 №6
Решение. 1) Так как параллелепипед прямой, то его боковые грани прямоугольники. Тогда АВ и А и ∠ является линейным углом двугранного угла при ребре , ∠ 2) Найдем площадь основания параллелепипеда. ABCD – ромб, (см2). 3) В ромбе ABCD ∠ тогда ∠ , следовательно, BD АС. BD и АС ортогональные проекции диагоналей и на плоскость основания параллелепипеда. По свойству наклонных и проекций , значит, – большая диагональ параллелепипеда. По теореме косинусов из треугольника АВС найдем длину диагонали АС. ; ; см. Рассмотрим треугольник (∠ ). По условию ∠ , тогда ∠ треугольник является равнобедренным с основанием . Значит, см.
4) ; так как в прямом параллелепипеде высота равна боковому ребру, то см; (см2).
Ответ: 324 см2. Вариант 138 №6
Решение. 1) Соединим точку К с вершинами треугольники АВС, проведем перпендикуляр на плоскость АВС из точки К. Рассмотрим треугольники АКО, СКО и ВКО. Так как , а отрезки АО, ВО и СО лежат в плоскости, то треугольники прямоугольные. КА=КС=КВ (по условию), КО – общая сторона. Следовательно треугольники равны по гипотенузе и катету. Из равенства треугольников следует, что АО=ВО=СО, т.е. о – центр окружности, описанной около треугольника АВС. Так как треугольник АВС прямоугольный, то О – середина гипотенузы. АО=ВО=СО= =5(см). 2) КС - наклонная на плоскость АВС, КО – перпендикуляр к плоскости АВС, СО – проекция наклонной КС на плоскость АВС. По определению угла между прямой и плоскостью ∠ . 3) Рассмотрим треугольник КСО ( ). СО=5 см, КС=20 см. Тогда и . Значит, угол между прямой КС и плоскостью АВС равен . Ответ: . Задание №7 Вариант 72 №7 Решение. Найдем производную функции : . Согласно геометрическому смыслу производной . Так как касательные параллельны оси Ox, то ; Значит, ; ; Значит, являются абсциссами точек касания. Уравнение касательной к графику в точке с абсциссой : 1. При имеем ; 2. При имеем ; Ответ: .
Вариант 83 №7 Решение. Прямая является касательной к графику функции . Согласно геометрическому смыслу производной . Угловой коэффициент касательной ; найдем производную функции: Пусть – абсцисса точки касания. Составим и решим уравнение ; ; ;
Ответ: .
Вариант 114 №7 Решение.
Решим неравенство методом интервалов. Рассмотрим функцию Область определения функции: Нули функции: (на рисунке обозначен как log(4, 7)) Ответ:
Вариант 126 №7 Решение. Вычислим . ; ; Уравнение равносильно системе ;
При ; при . - корень уравнения. Ответ: Вариант 134 №7 Решение. ; -? Рассмотрим функцию и найдем ее область значений. Это квадратичная функция, ее график парабола, ветви которой направлены вверх. Найдем координаты вершины: Так как ветви параболы направлены вверх, то Так как , то показательная функция убывает, значит, :
Ответ: .
Задание №8 Вариант 78 №8 Решение. ; . Разложим на множители левую часть уравнения: ; Произведение двух множителей равно нулю, тогда и только тогда, когда один из множителей равен нулю, а другой существует, значит: Ответ: 0; 2.
Вариант 88 №8 Решение. . Естественная область определения уравнения: Т.к. обе части уравнения положительны, то прологарифмируем обе части уравнения по основанию 3: ; ; Пусть , тогда уравнение принимает вид . Тогда ; Ответ: . Вариант 96 №8 Решение. . Найдем область определения функции: Найдем производную функции. Найдем нули производной:
Функция убывает на промежутках функция возрастает на промежутках точка минимума: точка максимума: Ответ: функция убывает на промежутках функция возрастает на промежутках
Вариант 106 №8 Решение.
Рассмотрим уравнение системы: ; Подставим выражение вместо в уравнение . Пусть уравнение принимает вид Ответ: .
Вариант 112 №8 Решение. ; Пусть – точка пересечения графика функции с осью ординат, тогда , а Найдем производную функции и ее значение при . ; . Согласно геометрическому смыслу производной . Значит, ; . Ответ: . Вариант 118 №8 Решение. ;
;
Пусть , неравенство принимает вид . Решим неравенство методом интервалов. ;
значит, . ; ; Так как , то показательная функция возрастает, значит, ; ;
Решим систему неравенств (1):
Решим систему неравенств (2):
Объединив решения систем, получаем решение исходного неравенства . Ответ: .
Задание №9 Вариант 84 №9 Решение. . Заметим, что в левой части неравенства можно применить формулу перехода к новому основанию логарифма: . Получаем неравенство ; . Рассмотрим два случая:
Объединим решения систем неравенств и получим: Ответ:
Вариант 87 №9 Решение. Пусть - первый член данной прогрессии, - знаменатель прогрессии, . Тогда сумма прогрессии равна или по формуле суммы бесконечно убывающей геометрической прогрессии . Квадраты членов данной прогрессии образуют новую бесконечно убывающую геометрическую прогрессию, первый член которой равен , а знаменатель прогрессии равен . Тогда сумма новой прогрессии . Составим и решим систему уравнений:
Ответ: ; .
Вариант 97 №9 Решение. , значит, график функции не проходит через точку с координатами (0; 0). Найдем производную функции Пусть общая точка графика функции и касательной, тогда ; . Запишем уравнение касательной: ; . Так как касательная проходит через начало координат, то в уравнение касательной можно подставить , , получаем . ; ; ; | |||||
|
© helpiks.su При использовании или копировании материалов прямая ссылка на сайт обязательна.
|
|